POJ 3276 Face The Right Way(反转问题)

题意:

$N\le 5000个奶牛,有初始朝向B/F$
$现要通过每次反转K个奶牛操作,即B/F状态互换,使得所有奶牛最终都是F状态$
$求出最小反转次数M,以及这个最小M的下的最小K$

分析:

$这类问题都一个苛刻的性质,即当前状态必然确定这个位置是否反转$
$本题考虑枚举K,对于每个K来求M$
$考虑使用f[i]:=记录f[i\sim i-k+1]这个区间是否被反转$
$那么所有能影响i这个位置的f[i]为f[i-k+1\sim i-1]$
$看这个和以及当前B/F状态即可知道i需不需要被反转$
$最后根据n-k+2\sim n以及对应影响的f[i]和即可知道是否合法$
$对于f[i]和,直接用一个变量维护即可$
$时间复杂度为O(n^2)$

代码:

1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
49
50
51
52
53
54
55
56
57
58
59
60
61
62
63
64
65
66
67
68
69
70
71
72
73
//
// Created by TaoSama on 2016-07-29
// Copyright (c) 2016 TaoSama. All rights reserved.
//
#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")
#include <algorithm>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <ctime>
#include <iomanip>
#include <iostream>
#include <map>
#include <queue>
#include <string>
#include <set>
#include <vector>
using namespace std;
#define pr(x) cout << #x << " = " << x << " "
#define prln(x) cout << #x << " = " << x << endl
const int N = 1e5 + 10, INF = 0x3f3f3f3f, MOD = 1e9 + 7;
int n, a[N];
int f[N];
int calc(int k) {
memset(f, 0, sizeof f);
int sum = 0, ret = 0;
for(int i = 1; i + k - 1 <= n; ++i) {
if(a[i] + sum & 1) {
++ret;
f[i] = 1;
}
sum += f[i];
if(i - k + 1 >= 1) sum -= f[i - k + 1];
}
for(int i = n - k + 2; i <= n; ++i) {
if(a[i] + sum & 1) return INF;
if(i - k + 1 >= 1) sum -= f[i - k + 1];
}
return ret;
}
int main() {
#ifdef LOCAL
freopen("C:\\Users\\TaoSama\\Desktop\\in.txt", "r", stdin);
// freopen("C:\\Users\\TaoSama\\Desktop\\out.txt","w",stdout);
#endif
ios_base::sync_with_stdio(0);
clock_t _ = clock();
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; ++i) scanf("%d", a + i);
for(int i = 1; i <= n; ++i) {
char buf[2]; scanf("%s", buf);
a[i] = *buf == 'B';
}
pair<int, int> ans = make_pair(INF, INF); // m k
for(int i = 1; i <= n; ++i) {
int o = calc(i);
ans = min(ans, make_pair(o, i));
}
printf("%d %d\n", ans.second, ans.first);
#ifdef LOCAL
printf("\nTime cost: %.2fs\n", 1.0 * (clock() - _) / CLOCKS_PER_SEC);
#endif
return 0;
}


1. 除非注明,本博文即为原创,转载请注明链接地址
2. 本博文只代表博主当时的观点或结论,请不要恶意攻击
3. 如果本文帮到了您,不妨点一下 下面分享到 按钮,让更多的人看到